如图所示,质量均为m的A,B两物体叠放在劲度系数为k的竖直轻质
撤去此力的瞬间A受弹簧弹力为2mg+kn
此时二者为连接体
根据连接体物体间作用力公式 f = m1*F/（m1+m2） （F为外力）
所以此时B受弹力为mg+kn*1/2
第一次回答问题，羞涩~
首先纠错：题目中加速向上拉起的功率是p2吧。
从慢慢拉和加速啦都使得B刚要里地面可知弹簧被拉长了mg/k的长度；
而原先弹簧都被压缩mg/k的长度。
所以A上升的距离为两者之和 即L1 = L2 = 2mg/k
（这就是A选项错的原因）
重力势能与所处的高度有关，相同。
弹性势能与弹簧型变量有关，相同。
动能不同，慢慢拉就是v=0,Ek=0；加速啦嘛v>0了,Ek>0;
(Ek为动能，Ep为势能)
所以做功W1<W2；
时间明显t1>t2，而P=W/T，
所以P1<P2；
选c
据题设mg/2q可知，加电场后，B除了受到重力=mg还受到一半重力0.5mg的电场力，A和B受的合力为0.5mg，方向竖直向上。
因此B和A将一起向上运动，脱离之前，二者和弹簧组成一个弹簧振子，相当于从最大位移处向平衡位置运动，当二者达到平衡位置时，合力为零:
2mg-qE=kx2 <2>,题设：qE=0.5mg <3>,
二者升高距离h=x1-x2=0.5mg/k(可以比较B选项对错——上面没给出）
合力为零时，B受到的重力与电场力的合力=0.5mg竖直向下，因此受到的A的支持力=0.5mg竖直向上，未脱离；
从平衡位置继续向上运动，系统动能减小直到脱离==》B的动能先增大后减小==>A错
C.对B，从开始加上电场，受到的向上的合力=N+qE-mg=N-0.5mg=ma，随着向上运动，合力逐渐减小==>a逐渐减小，所以N逐渐减小==>C对；
D.对A+B这个质量为2m的整体，外力做的总功=重力电场力合力1.5mg做的功+弹簧做的功（弹性势能的减小）=
(qE-2mg)h-0.5k(x1^2-x2^2)=0.5*(2m)v^2==>
动能增加=1.5mgh-0.5k[(2mg/k)^2-(1.5mg/k)^2]
=1.5mg[2mg/k-1.5mg/k]-0.5mg[4mg/k-2.25mg/k]
=(6/8-5/8)*(mg)^2/k=(mg)^2/8k
重力势能增加=2mgh=2mg[x1-x2]=2mg[2mg/k-1.5mg/k]=(mg)^2/k
所以二者增加的机械能=(mg)^2/k+(mg)^2/8k=9(mg)^2/8k
其中各占一半，故B增加的机械能=（9/16)(mg)^2/k
i;ffu;po;pi09p[y80p[8[
如图所示,质量均为m的A、B两物体,用劲度系数为k的轻质弹簧相连,A被...
答：两物体用手提着时，B处于平衡状态，故弹力大小为：mg，由胡克定律：F=kx得：弹簧伸长x 1 = mg k 当落地后，弹力为mg时，弹簧又被压缩x 2 = mg k ，故A共下落的距离：x=x 1 +x 2 +h=h+ 2mg k 答：物体A下落的距离是h+ 2mg k ．
如图所示,质量均为m的A、B物块紧靠着在倾角为α粗糙斜面上一起加速下滑...
答：（1）对整体分析，2mgsinα-μmgcosα-2μmgcoα=2ma则整体的加速度a=2mgsinα?μmgcosα?2μmgcosα2m=gsinα-32μgcosα．隔离对A分析，根据牛顿第二定律得，FBA+mgsinα-2μmgcosα=ma则FBA=ma+2μmgcosα-mgsinα=m(gsinα?32μgcosα)+2μmgcosα?mgsinα解得FBA＝12...
如图所示,质量均为m的A.B两球间有压缩的短弹簧,弹簧处于锁定状态,若整 ...
答：当发射管竖起放置时，解除锁定后弹簧将弹性势能全部转化为A的机械能，则弹簧的弹性势能为E m =mgH；设AB组成的系统从水平滑到圆轨道最低点速度为v c ，弹簧解除锁定后A、B的速度分别为v 1 、v 2 ，则有：2mgR=2m v 20 2 2mv 0 =mv A +mv B 2m v 20 2 +E ...
如图所示,质量均为m的A、B两球之间系一根轻弹簧,放在光滑水平面上,A球...
答：力F撤去前弹簧的弹力大小为F．将力F撤去的瞬间，弹簧的弹力没有变化，则A的受力情况没有变化，合力为零，B的合力大小等于F，根据牛顿第二定律得到A球的加速度为零，B球的加速度为a=Fm，选项D正确，ABC错误．故选D
如图所示,质量均为m的A、B两物体分别固定在质量不计的轻弹簧的两端,当...
答：到最高点时，弹簧对物体B的拉力等于物体B的重力，故kL′=mg，代入k，解得L′=L；物体A的振幅为2L；对从力F开始作用到物体A反弹到最高点过程运用动能定理，有：-mg?（2L）+Fx=0-0（弹簧弹力做功等于弹性势能的变化，动能为零）解得：x=2mgLF=2mgL4mg=L2；故L：x=2：1；故选：C．
如图所示,质量均为 m 的A、B两物体静止在水平面上,A在B的左侧且相距...
答：B的共同速度为 v ，由动量守恒得 解得 碰后，A、B系统的合外力大小为（只有B受电场力和摩擦力）： F 合 = 由于 ，故合外力方向向左，则A、B一起向右匀减速运动至停止时不会再运动．设碰后A运动的位移为 s 0 ，对A、B系统，由动能定理： 解得 所以A运动的总位移为：
如图所示,质量均为m的a、b两球固定在轻杆的两端,杆可绕水平轴O在竖直面...
答：其他的都知道了么？那我就解释下C好了。首先明确重力做正功。杆做的功是内功，可以抵消，两球组成的系统机械能之和不变。同学要清楚，这里只是杆与速度方向垂直。杆对球的力可以向任意方向，这里在a球达到最低点之前，杆对球的作用力是不和球速度方向垂直的，所以会做功，不能选C。
如图所示,质量均为m的物体A、B通过一根劲度系数为k的轻弹簧相连,开始时...
答：A、要使B刚要离开地面，则弹力应等于B的重力，即kx=mg故形变量x= mg k ，故两次物体上升的高度均为 mg k ，故A正确，B错误．C、当缓慢上提时，A物体的动能不变，提升过程中有拉力、重力做功；因开始时弹簧压缩，B被拉起时伸长，并且压缩时的形变量也为 mg k ...
如图所示,质量均为m的物块A、B通过轻质弹簧相连并静置于水平地面上,现...
答：CD 试题分析：开始时，A、B处于静止状态，对A，受重力mg和弹簧的支持力N作用，即弹簧初始处于压缩状态，设其压缩量为x 1 ，劲度系数为k，根据胡克定律和共点力平衡条件有：N＝kx 1 ＝mg，当A上升距离为d时，B恰好离开地面，此时对B，受重力mg和弹簧的拉力T作用，显然弹簧处于拉伸状态，设其...
(2014?四川模拟)如图所示,质量均为m的A、B两小滑块(均可视为质点),用...
答：A、B滑块运动到Q点时，A刚好离开C挡板，对A进行受力分析可知，沿斜面方向有：mgsinθ=k△x，即弹簧的弹力大小为mgsinθ，故A正确；B、当B滑块运动到Q点时，弹簧的伸长量△x=mgsinθk，没有拉力F作用时，弹簧处于压缩状态，对B进行受力分析，可知：mgsinθ=k△x′解得此时弹簧的压缩量为△x...
